Reconsidere el problema del flujo de costo mínimo formulado en el problema 9.6-2.
Una empresa fabricará el mismo producto nuevo en dos plantas y después lo mandará a dos almacenes. La fabrica 1 puede enviar una cantidad ilimitada por ferrocarril solo al almacén 1 mientras que la fábrica 2 puede mandar una cantidad ilimitada por ferrocarril solo al almacén 2. Sin embargo, se pueden usar camiones de carga independientes para enviar hasta 50 unidades a cada almacén. En la siguiente tabla se muestra el costo unitario de embarque para cada alternativa junto con las cantidades que se producirán en las fábricas y las cantidades que se necesitan en los almacenes.
A De | Costo unitario de embarque | Producción | ||
Centro de distribución | Almacén | |||
1 | 2 | |||
Fábrica 1 | 3 | 7 | - | 80 |
Fábrica 2 | 4 | - | 9 | 70 |
Centro de distribución | 2 | 4 | ||
Asignación | 60 | 90 |
a) Obtenga una solución BF inicial resolviendo el árbol de expansión factible que corresponde a usar sólo las dos vías y la fábrica 1 que manda unidades al almacén 2 a través del centro de distribución.
b) Use el método simplex de redes (sin usar la rutina de la computadora) para resolver este problema.
Solución literal a)
Planteamiento
A = Fabrica 1
B = Fabrica 2
C = Centro de distribución
D = Almacén 1
E = Almacén 2
Maximizar
Z = 7xAD + 3xAC + 4xCE + 9xBE + 4xBC + 2xCD
Sujeto a
1. XAD + XAC = 80
2. XBE = 70
3. –XAC + XCE = 0
4. –XAD = -60
5. –XCE – XBE = -90
0 ≤ XAC , XBC , XCD , XCE ≤ 50
Solución:
De ecuación 4 tenemos
XAD = 60
Reemplazando en la ecuación 1
XAD + XAC = 80
60 + XAC = 80
XAC = 20
Reemplazando en la ecuación 3
-XAC + XCE = 0
-20 + XCE = 0
XCE = 20
Y de ecuación 2 tenemos que:
XBE = 70
Con estos datos podemos obtener una solución BF inicial resolviendo el árbol de expansión factible que corresponde a usar sólo las dos vías y la fábrica 1 que manda unidades al almacén 2 a través del centro de distribución.
Solución literal b)
Planteamiento:
Maximizar:
Z = 7XAD + 3XAC + 4XCE + 9XBE + 4XBC + 2XCD
1. XCD + XAC = 80
2. XBC + XBE = 70
3 -XAC - XBC - XCD - XCE = 0
4. –XAD - XCD = - 60
5- -XCE - XBE = - 90
0≤ XAC , XBC , XCD, XCE ≤ 50
Solución:
Arcos básico = Nodos – 1 = n-1 = 5-1 = 4
Podemos tomar los 4 arcos:
A→D, B→C, C→D, B→E.
Esto para formar un árbol de expansión factible:
Los arcos A→C y C→E No son arcos básicos y ambos alcanzan su cuota superior, entonces:
XAC = 50
XAC = 50 - YAC
XCE = 50
XCE = 50 - YCE
Reemplazando en ecuación 1
XAD + XAC = 80
XAD + 50 - YAC = 80
XAD - YAC = 30 Donde YAC = 0
XAD = 30
Reemplazando en ecuación 4
-XAD - XCD = -60
-30 - XCD = - 60
-XCD = - 30
XCD = 30
Reemplazando en ecuación 5
-XCE - XBE = - 90
-(50 - YCE) – XBE = -90
-50 + YCE - XBE = - 90
YCE - XBE = - 40
Donde YCE = 0
-XBE = - 40
XBE = 40
Reemplazando en ecuación 2
XBC + XBE = 70
XBC + 40 = 70
XBC = 30
Reemplazando en ecuación 3.
-XAC - XBC + XCD + XCE = 0
-(50 – YAC) - 30 + 30 + (50 – YCE) = 0
-50 + YAC + 50 - YCE = 0
+50 + 0 + 50 - 0 = 0
0 = 0 Entonces es redundante
Lo anterior nos permite obtener la siguiente solución BF
Prueba de optimaliad
ARCO NO BASICO | CICLO CERRADO | ∆Z CON Ѳ = 0 |
C→A | AC – CD – AC | ∆Z = -3 + 7 - 2 = 2 |
E→C | CE – BC - BE | ∆Z = -4 - 4 + 9 = 1 |
Como los ∆Z son positivos, la solución es óptima. Ahora solo debemos comparar el último gráfico con el del planteamiento, para reorientar los arcos C→A y E→C , calcular las nuevas asignaciones, así:
Arco C→A
XAC = 50 - YAC
XAC = 50 - 0
XAC = 50
ARCO E→C
XCE = 50 - YCE
XCE = 50 - 0
XCE = 50
Para la solución final tenemos
Para hallar z reemplazamos los valores optenidos:
Z = 7XAD + 3XAC + 4XCE + 9XBE + 4XBC + 2XCD
Z = 7(30) + 3(50) + 4(50) + 9(40) + 4(30) + 2(30)
Z = 1100
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